[POJ3417]Network/闇の連鎖

2021-02-06 17:16

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标签：nbsp 题目状态 struct rda 差分 tchar return 能力

题目

Description

传说中的暗之连锁被人们称为 Dark。 Dark 是人类内心的黑暗的产物，古今中外的勇者们都试图打倒它。经过研究，你发现 Dark 呈现无向图的结构，图中有 N 个节点和两类边，一类边被称为主要边，而另一类被称为附加边。 Dark 有 N – 1条主要边，并且 Dark 的任意两个节点之间都存在一条只由主要边构成的路径。另外，Dark 还有 M 条附加边。你的任务是把 Dark 斩为不连通的两部分。一开始 Dark的附加边都处于无敌状态，你只能选择一条主要边切断。一旦你切断了一条主要边，Dark 就会进入防御模式，主要边会变为无敌的而附加边可以被切断。但是你的能力只能再切断 Dark 的一条附加边。现在你想要知道，一共有多少种方案可以击败 Dark。注意，就算你第一步切断主要边之后就已经把 Dark 斩为两截，你也需要切断一条附加边才算击败了 Dark

Input

第一行包含两个整数 N 和 M。
之后 N – 1 行，每行包括两个整数 A 和 B，表示 A 和 B 之间有一条主要边。
之后 M 行以同样的格式给出附加边。
N≤100 000，M≤200 000。数据保证答案不超过 2^31 – 1

Output

输出一个整数表示答案

Sample Input

4 1
1 2
2 3
1 4
3 4

Sample Output

思路：

这是一道树上差分

锯题可知，首先将主要边构成一棵树，如果再将附加边（x，y）加入则会构成一个环，所以不能这样；

如果第一次选择切断主要边，那么第二步就要切断附加边；

所以，我们可以将附加边（x，y）两点的路径覆盖主要边的次数统计出来；

1。如果，主要边被覆盖了零次，那么说明，任何一条附加边与这条边切断都可以分成两部分；

2。如果，主要边被覆盖了一次，那么说明，只有一条附加边与这条边切断都可以分成两部分；

3。如果，主要边被覆盖了两次，那么说明，这条边切断后不能分成两部分；

具体如图：

（黑色代表主要边，红色代表附加边）

技术图片

然后，我们可以求出，两个附件边的点，的最近公共祖先；

将最近公共祖先点上的权值减2，将两个点的权值加1；如图二所示；

为什么是这样加减呢；

我们知道一个数组 x-y的权值加 d，就相当于它的差分数组的 a[x]+d , a[y+1]-d (不知道的，自己上网搜）

那么，这是每一次覆盖次数加一，然后每个点都和公共祖先有一条边，所以最近公共祖先点上的权值减2，将两个点的权值加1；

树上差分还是有点区别的，这样理解就好了；

然后定义f[x]，代表以x为根节点，的所有子节点，包括自己的权值和；

那么f[x]就表示，x与它父节点之间的边的覆盖次数；

最后，如果f[x]==0，ans+=m（m代表附加边的数量)

如果f[x]==1,，ans++

要注意的是，f[x] 如果x是1（根节点），答案ans不需要改变

代码

#includeusing namespace std;
typedef long long ll;
inline ll read()
{
    ll a=0,f=1; char c=getchar();
    while (c‘0‘||c>‘9‘) {if (c==‘-‘) f=-1; c=getchar();}
    while (c>=‘0‘&&c‘9‘) {a=a*10+c-‘0‘; c=getchar();}
    return a*f;
}
ll n,m,ans;
ll head[500001],f[500001];
ll dep[500001],dp[500001][21];
struct sbbbbbb
{
    ll to,stb;
}a[500001];
ll s=0;
inline void insert(ll x,ll y)
{
    s++;
    a[s].to=y;
    a[s].stb=head[x];
    head[x]=s;
}
inline void dfs(ll x,ll fa)
{
    dep[x]=dep[fa]+1;
    for(ll i=head[x];i;i=a[i].stb)
    {
        ll xx=a[i].to;
        if(xx==fa)
            continue;
        dp[xx][0]=x;
        dfs(xx,x);
    }
}
inline ll lca(ll x,ll y)
{
    if(dep[x]dep[y])
        swap(x,y);
    for(ll i=20;i>=0;i--)
    if(dep[dp[x][i]]>=dep[y])
        x=dp[x][i];
    if(x==y)
        return x;
    for(ll i=20;i>=0;i--)
    if(dp[x][i]!=dp[y][i])
        x=dp[x][i],y=dp[y][i];
    return dp[x][0];
}
inline void findout(ll x,ll fa)
{
    for(ll i=head[x];i;i=a[i].stb)
    {
        ll xx=a[i].to;
        if(xx==fa)
            continue;
        findout(xx,x);
        f[x]+=f[xx];
    }
    if(x!=1)
    {
        if(f[x]==0)//如果f[x]==0，ans+=m ...思路中讲得很清楚了 
            ans+=m;
        if(f[x]==1)//如果f[x]==1，ans++ ...思路中讲得很清楚了 
            ans++;
    }
}
int main()
{
    n=read();m=read();
    for(ll i=1;i1;i++)
    {
        ll x=read(),y=read();
        insert(x,y);
        insert(y,x);//将主要边，构成一棵树 
    }
    dfs(1,0);
    for(ll j=1;j20;j++)
    for(ll i=1;i)
        dp[i][j]=dp[dp[i][j-1]][j-1];//求lca的操作 
    for(ll i=1;i)
    {
        ll x=read(),y=read();
        ll sum=lca(x,y);
        f[sum]-=2;
        f[x]++;f[y]++;//差分统计...思路中讲得很清楚了 
    }
    findout(1,0);
    printf("%lld",ans);
}

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原文地址：https://www.cnblogs.com/wzx-RS-STHN/p/13110564.html

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